Объект класса mysqli не может быть преобразован в строку в

Question

Объект класса mysqli не может быть преобразован в строку в

1

Моя проблема не совпадает с другими вопросами, я использую совершенно другой код, который я не уверен, как справляться с ситуацией или как применять решения кодов других для моего.

Я получаю сообщение об ошибке

Object of class mysqli could not be converted to string in

Это та часть, в которой мой код имеет проблемы

    <?php
function aggiornamento($utente){
global $conn;
global $_CONFIG;
           $selezione=mysqli_query($conn, "SELECT * FROM ".$_CONFIG['db_account'].".account WHERE login = '".$utente."' LIMIT 1");
           while ($account = mysqli_fetch_array($selezione))
           {
    $_SESSION['IShop_Login']= $account['login'];
           }
} ?>

В то время как строка 5 является "ошибочной" линией

P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:39

Источник

0

может кто подскажет как избавиться от этой ошибки .....
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:10

Теги:

php

string

type-conversion

mysqli

runtime-error

3 ответа

Ещё вопросы

может кто подскажет как избавиться от этой ошибки .....

Niranjan N Raju · Answer 1 · 2015-11-18T02-34-00.000Z

0

Попробуйте с mysqli_fetch_assoc,

while ($account = mysqli_fetch_assoc($selezione))
{
    $_SESSION['IShop_Login']= $account['login'];
}

Niranjan N Raju 18 нояб. 2015, в 02:34

0

Он выдает следующие предупреждения: Примечание: неопределенная переменная: selezione in on line 6 Предупреждение: mysqli_fetch_assoc () ожидает, что параметру 1 будет mysqli_result, ноль передан в строке 6
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:00
0

Вы должны изменить только пока часть ...
Niranjan N Raju 18 нояб. 2015, в 04:14
0

Я тоже это попробовал. все та же проблема ..
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:39

Показать ещё 1 комментарий

Abbas · Answer 2 · 2015-11-18T02-08-00.000Z

0

вы можете использовать

$conn=mysqli_connect($host,$username,$password,$dbname);

попробуйте сначала подключиться к вам, а затем использовать его как

$selezione=mysqli_query($conn, "SELECT * FROM ".$_CONFIG['db_account'].".account WHERE login = '".$utente."' LIMIT 1");
           while ($account = mysqli_fetch_array($selezione))

вы можете ссылаться на ссылку

http://php.net/manual/en/mysqli.query.php

у нас есть процедурный стиль mysqli_query

Надеюсь, это решает ваш запрос

Abbas 18 нояб. 2015, в 02:08

0

??? это не имеет никакого значения ..
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:03
0

хорошо, если вы уже сделали это, то я думаю, что есть проблема с переменными, используемыми в запросе ... я думаю, что вы должны сначала проверить его значения ... попробуйте вывести значение '$ selezione', я думаю, что если он вернет false, то только для печати запрос в окне вывода ... без тега mysqli_query вы поймете, какие значения были переданы ....
Abbas 18 нояб. 2015, в 04:15
0

без тега mysqli_query выдает неожиданную ошибку ',' i error .. без изменений и echo $ selezione; ничего не появляется ... когда я открываю файл в браузере ... может мне нужно отладить или что-то?
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 04:44
0

«ничего не значит» означает «ложь», что означает, что вы делаете запрос на создание проблемы, или, возможно, если ваш запрос верный, то есть проблема с подключением Теперь я предлагаю проверить первый запрос, я думаю, использовать это как mysqli_query($conn, "SELECT * FROM '".$_CONFIG['db_account']."'account WHERE login = '".$utente."' LIMIT 1"); то есть см. $_CONFIG Я изменил кавычки
Abbas 18 нояб. 2015, в 04:48
0

не могли бы вы сообщить мне, что такое account в вашем запросе, поскольку вы использовали '.' после предоставления имени базы данных ??? я думаю, что вы .account после имени БД ???
Abbas 18 нояб. 2015, в 04:52
0

сделать, как echo "SELECT * FROM '".$_CONFIG['db_account']."'.account WHERE login = '".$utente."' LIMIT 1";
Abbas 18 нояб. 2015, в 04:55
0

и опубликовать здесь свой вывод
Abbas 18 нояб. 2015, в 05:02
0

все еще ничего не появляется .. я могу делать это неправильно, но если вы хотите знать значение, которое хранит $ _CONFIG ['db_account'], это учетная запись, как определено в config.php $ _CONFIG ['db_account'] = "account"; так в основном его account.account, где login "поле таблицы, которое уже существует в учетной записи" ..
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 05:10
0

эй, это действительно появилось .. вот вывод SELECT * FROM 'account' .account WHERE login = 'shoptest' LIMIT 1
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 06:48
0

хорошо, затем удалите одинарную кавычку, как это скопировать его SELECT * FROM ".$_CONFIG['db_account'].".account WHERE login = '".$utente."' LIMIT 1
Abbas 18 нояб. 2015, в 06:53
0

все тот же и даже получил еще одну ошибку ... я видел много вопросов с той же проблемой, и их решения вращались вокруг совершенно разных вещей, чем то, что вы обсуждали в любом случае .. например, в то время как ($ row = $ result-> fetch_assoc ()) { echo $ row ['classtype']. "<br>"; } В любом случае, я устала, может быть, плохо посмотрела на Google и забыла здесь на некоторое время, так как никто не знает, как это сделать, но спасибо за ваши усилия, по крайней мере, вы пытались ^^
P4P4DR4G0N 18 нояб. 2015, в 06:58

Показать ещё 9 комментариев

LihO · Answer 3 · 2015-11-18T01-10-00.000Z

Ошибка:

mysqli_query($conn, "... WHERE login = '". $utente ."' LIMIT 1";

где $utente ожидается как строка, но это экземпляр mysqli, т.е. соединение. Посмотрите, что вы передаете этой function aggiornamento($utente) и убедитесь, что вы передали строку (с именем пользователя/именем пользователя) вместо соединения.

Я не являюсь первоначальным автором кода, но на самом деле я не вижу ничего, переданного этой функции, кроме присутствия в этом коде, который я написал. начинающий здесь ..: P
@ P4P4DR4G0N: код, который вы вставили в свой вопрос, показывает определение функции. Проблема в его использовании.
Ну, он работал нормально, как 3-4 месяца назад, до того, как большинство функций / переменных устарело, и мне снова пришлось позаботиться о них. после того, как я обновил устаревшие вещи, такие ошибки начали появляться: /