PHP / MySQL получить имя, где id = id

Question

PHP / MySQL получить имя, где id = id

0

У меня есть одна таблица mysql с результатами, присвоенными идентификатором категории, и отдельной таблицей, в которой перечислены все категории по имени с их соответствующими идентификаторами. Все результаты сгруппированы по их идентификатору, а идентификатор отображается как заголовок.

Как отобразить id как его соответствующее имя из другой базы данных? Вот полный код, который я использую, с указанной строкой. Любая помощь очень ценится. S.

$subcatQuery=mysql_query("select * from issubcat order by id");
$subcatResult=mysql_fetch_array($subcatQuery);

$query = "SELECT * from isgallery where galleryPage ='1'";
$resultSet = mysql_query($query);        

if (mysql_num_rows($resultSet))
{
    $gallArray = array();

    while ($galleryResult = mysql_fetch_array($resultSet))
    {
        // if($galleryResult['subcatPage'] == $subcatResult['id'])
        // {
        //     $gallSection = $subcatResult['subcat'];
        // }

        if (!isset($gallArray[$gallSection]))
        {
            $gallArray[$gallSection] = array();
        }
        $gallArray[$gallSection][] = $galleryResult;                            
    }

    foreach($gallArray as $gallSection => $gallItems)
    {
        echo '<div class="com-gallery">' . $gallSection . '</div>' . PHP_EOL;
        echo '<ul class="photo-gallery">'. PHP_EOL;

        foreach ($gallItems as $photoresult)
        {
            echo '<li><a rel="gallery" href="'.$wwwUrl.'images/properties/gallery/'.$photoresult['imagename'].'" ';

            if($photoresult['galleryTitle'])
            {
                echo 'title="'.$photoresult['galleryTitle'].'"';
            }
            else
            {
                echo 'title="'.$photoresult['imagename'].'"';
            }

            echo '><img alt="" src="'.$wwwUrl.'images/properties/gallery/tn/'.$photoresult['imagename'].'" width="122" height="88" /></a></li>'. PHP_EOL;
                           }
            echo '</ul><br /><br />' . PHP_EOL;        
        }
    }
}

ss888 18 окт. 2010, в 12:49

Источник

1

Не можете обойтись без используемого вами SQL-запроса.
Nithesh Chandra 18 окт. 2010, в 10:40

Теги:

php

mysql

1 ответ

Ещё вопросы

Не можете обойтись без используемого вами SQL-запроса.

Mischa · Accepted Answer · 2010-10-18T10-04-00.000Z

Я не уверен, что мне что-то не хватает, но похоже, что это можно просто сделать с помощью JOIN.

$query = "SELECT isgallery.*, issubcat.subcat
    FROM `isgallery`
    INNER JOIN `issubcat`
    ON `isgallery`.`subcatPage` = `issubcat`.`id` 
    WHERE `galleryPage` = '1'";

$resultSet = mysql_query($query);

if(mysql_num_rows($resultSet))
{
    $gallArray = array();

    while ($galleryResult = mysql_fetch_array($resultSet))
    {
        $gallSection = $galleryResult['subcat'];

        // The rest of your code...

Вау, я даже не думал об этом! Работает блестяще! Огромное спасибо. С.